复数欧拉名言

复数与三角公式之间转换的欧拉公式是什么形式的

e^(ix)=cosx+isinxe^(-ix)=cosx-isinx两个式子相加除以2,得到cosx=[e^(ix)+e^(-ix)]\\\/2两个式子相减除以2i,得到sinx=[e^(ix)-e^(-ix)]\\\/2i

关于复数欧拉公式

e^(x+iy)=e^x(cosy+isiny)

关于欧拉公式 复数那个 高手来啊

很简单因为开根号-1就等于i.所以函数都可以变成什么被-1乘,哈哈这样开根号在复变函数里,平分个角就行了

复数运算，欧拉方程。

解：∵1\\\/(4+3i)=(4-3i)\\\/[(4+3i)(4-3i)]=(4-3i)\\\/25=(8-6i)\\\/50，1\\\/(6-8i)=(6+8i)\\\/[(6-8i)(6+8i)]=(6+8i)\\\/100=(3+4i)\\\/50，∴1\\\/(4+3i)+1\\\/(6-8i)=(11-2i)\\\/50。

　　又，[(11^2+2)^2]^(1\\\/2)=5√5，∴设cosθ=11\\\/(5√5)，sinθ=-2\\\/(θ)，即θ=-arctan(2\\\/11)，　　∴1\\\/(4+3i)+1\\\/(6-8i)=(11-2i)\\\/50=(√5\\\/10)(cosθ+isinθ)=(√5\\\/10)e^(iθ)，其中θ=-arctan(2\\\/11)。

　　供参考。

证明 欧拉乘积公式：对任意复数s， 若 Re(s)>1， 则: Σn n-s = Πp(1-p-s)-1

证明： 由于 Σn|f(n)| < ∞， 因此 1+f(p)+f(p2)+f(p3)+ ... 绝对收敛。

考虑连乘积中 p < N 的部分 (有限项)， 由于级数绝对收敛， 乘积又只有有限项， 因此可以使用与普通有限求和及乘积一样的结合律及分配律。

利用 f(n) 的乘积性质可得：Πp

其中右端求和对所有只含 N 以下素数因子的自然数进行 (每个这样的自然数只在求和中出现一次，因为自然数的素数分解是唯一的)。

由于所有本身在 N 以下的自然数显然都只含 N 以下的素数因子，因此 Σ'f(n) = Σn

由此我们得到：Πp

后者是显然的， 因为 |R(N)| ≤ Σn≥N|f(n)|，而 Σn|f(n)| < ∞ 表明 limN→∞Σn≥N|f(n)| = 0， 从而 limN→∞|R(N)| = 0。

由于 1+f(p)+f(p2)+f(p3)+ ... = [1-f(p)]-1， 因此广义 Euler 乘积公式也可以写成：Σnf(n) = Πp[1-f(p)]-1在广义 Euler 乘积公式中取 f(n) = n-s， 则显然 Σn|f(n)| < ∞ 对应于 Euler 乘积公式中的条件 Re(s)>1， 而广义 Euler 乘积公式退化为 Euler 乘积公式。

从上述证明中我们可以看到， Euler 乘积公式成立的关键在于每一个自然数都具有唯一素数分解式这一基本性质 (即所谓的算术基本定理)。

Euler 本人的证明： 除了上述证明方法外， Euler 原始论文中的证明方法也相当简洁， 值得介绍一下。

仍以广义 Euler 乘积公式为框架， 注意到 (利用 f(n) 的性质)：f(2)Σnf(n) = f(2)+f(4)+f(6)+ ...因此:[1-f(2)]Σnf(n) = f(1)+f(3)+f(5)+ ...等式右端所有含有因子 2 的 f(n) 项都消去了 (这种逐项对消有赖于Σn|f(n)| < ∞， 即 Σnf(n) 绝对收敛)。

类似地，以 [1-f(3)] 乘以上式则右端所有含有因子 3 的 f(n) 项也都消去了， 依此类推， 将所有 [1-f(p)] (p 为素数) 乘上后右端便只剩下了 f(1)， 即：Πp[1-f(p)]Σnf(n) = f(1) = 1其中最后一步再次使用了 f(n) 的性质 (f(1)f(n)=f(n) → f(1)=1)。

将无穷乘积移到等式右边显然就得到了广义 Euler 乘积公式。

有兴趣的不妨试着将上述最后几步用极限的语言严格表述一下。

复数的指数表示

z=a+ibz=re^(iθ)r为z的模 辐值z=[(a^2+b^2)^1\\\/2]*{[a\\\/(a^2+b^2)^1\\\/2]+[ib\\\/(a^2+b^2)^1\\\/2]} =r(cosθ+isinθ)=re^(iθ) (最后一步为欧拉公)

复数与欧拉公式的关系

没有是呢吗关系

欧拉公式具体是什么.数学上的欧拉公式老师说有很多个

1、把5个最有特色的数0,1，i，e，π联系e^(iπ) + 1 = 0cosz=(e^iz+e^(-iz))\\\/2sinz=(e^iz-e^(-iz))\\\/2i2、z = re^(iθ)n次根z^(1\\\/n)=r^(1\\\/n)e^(iθ\\\/n)=r^(1\\\/n)[cos(i(k+1)θ\\\/n]+isin(k+1)θ\\\/n]3、de'Moivre 公式(cosx+isinx)^n = cos(nx)+isin(nx)4、留数定理，也有不少关系只想到这些很高兴能回答您的提问，您不用添加任何财富，只要及时采纳就是对我们最好的回报。

若提问人还有任何不懂的地方可随时追问，我会尽量解答，祝您学业进步，谢谢。

☆⌒_⌒☆ 如果问题解决后，请点击下面的“选为满意答案”